Главная страница
Навигация по странице:

  • Тульский филиал федерального государственного бюджетного образовательного учреждения высшего образования«РОССИЙСКИЙ ЭКОНОМИЧЕСКИЙ УНИВЕРСИТЕТ имени Г.В.ПЛЕХАНОВА»

  • Контрольная работа 5

  • 1 ОФО Москвичева А.Д. МА РГР5. Функции многих переменных


    Скачать 30.19 Kb.
    НазваниеФункции многих переменных
    Дата03.04.2023
    Размер30.19 Kb.
    Формат файлаdocx
    Имя файла1 ОФО Москвичева А.Д. МА РГР5.docx
    ТипКонтрольная работа
    #1033279

    МИНИСТЕРСТВО НАУКИ И ВЫСШЕГО ОБРАЗОВАНИЯ РОССИИЙСКОЙ ФЕДЕРАЦИИ

    Тульский филиал

    федерального государственного бюджетного образовательного учреждения высшего образования

    «РОССИЙСКИЙ ЭКОНОМИЧЕСКИЙ УНИВЕРСИТЕТ имени Г.В.ПЛЕХАНОВА»

    (Тульский филиал РЭУ им. Г. В. Плеханова)

    Кафедра финансов и информационных технологий управления
    Контрольная работа 5

    по дисциплине «Математический анализ»

    на тему: «Функции многих переменных»

    Выполнила:

    студент(ка) 1 курса группы №1 очной формы

    обучения направления 38.03.01 «Экономика»

    Москвичева Алена Дмитриевна

    Проверил: доктор технических

    наук Юдин Сергей Владимирович

    Тула, 2022

    Группа # 5 Вариант # 12

    # 1. Найти частную производную функции u по s в точке t= 7 , s=-6 , если u=-1 x^2+-1 xy+-6 y^2, x= 9 t+ 9 s, y= 9 t- 9 s.

    # 2. Найти частную производную функции u по t в точке t= 8 , s=-10 , если u=ln(1+ 6 x^2+ 9 y^2), x=ts, y=t+s.

    # 3. Найти частную производную функции z по u в точке u= 8 , v= 9 , если z= 2 /(1+x^2+y^2)+ 4 (x^2+y^2), x=ln(uv), y=u+v.

    # 4. Найти экстремумы функции z=-9 x^2+-4 xy+-6 y^2+ 0

    # 5. Найти экстремумы функции z=(-4 x+ 6 y)EXP( 2 xy)

    # 6. Найти экстремумы функции z= 3 x^2+ 3 xy+ 9 y^2 при условии, что 6 x^2+ 8 y^2=1.

    # 7. Найти минимальное и максимальное значения функции z= 9 x^2+-8 xy+-10 y^2 в области |x|+|y|<=1

    # 8. Найти минимальное и максимальное значения функции z= 2 x+ 2 y+ 2 в области 5 x^2+ 4 y^2<=1.

    # 9. Найти минимальное и максимальное значения функции z= 5 x^2+-6 y^2 в области (x+-6 )^2+y^2<=4.


    № задания

    Ответ

    1

    11502

    2

    0,248823

    3

    140,27577

    4

    экстремумов нет.

    5




    6




    7

    zmax 3 , zmin -10

    8

    А(0,298; 0,373; 3,342) (min); В(-0,298; -0,373; 0,658) (max)

    9

    zmax=32,92591 , zmin 0


    # 1. Найти частную производную функции u по s в

    точке t=7 , s=-6 , если ,

    x=9 t+ 9 s, y=9 t- 9 s.
    Решение:

    Воспользуемся общей формулой:

    Имеем:
    Далее:

    Подставляя полученные результаты в исходную формулу, получаем:



    Ответ: 11502
    # 2. Найти частную производную функции u по t в

    точке t=8 , s=-10 , если ,

    x=ts, y=t+s.

    Решение:

    Решение этой задачи аналогично решению задачи 1.Воспользуемся общей формулой:

    Имеем:
    Далее:

    Подставляя полученные результаты в исходную формулу, получаем:



    Ответ:0,248823


    # 3. Найти частную производную функции z по u в

    точке u= 8 , v= 9 , если ,

    x=ln(uv), y=u+v.
    Решение:

    Снова воспользуемся общей формулой:

    Вычисляем:



    Подставляя полученные выражения в общую формулу, получим:



    Ответ: 140,27577
    # 4. Найти экстремумы функции

    Решение:

    1). Найдем стационарные точки, для чего найдем частные производные и приравняем их нулю:

    Отсюда получаем систему уравнений: .

    Решение этой системы: x=y=0.

    2). Исследуем найденную стационарную точку на экстремум, для чего найдем все вторые производные:

    Вычислим параметр

    Если D >0 , то экстремум существует, причем, если  0 , то это точка минимума, если " 0 - точка максимума.

    Если D  0 , то экстремума нет. В нашем случае D  16  (18)*(-12)  -200 .

    Таким образом, экстремум не существует.

    Ответ: экстремумов нет.
    # 7. Найти минимальное и максимальное значения

    функции в области |x|+|y|<=1

    Решение:

    Решение этой задачи разбивается на несколько этапов.




    1). Находим безусловный экстремум, для чего вычисляем частные производные и приравниваем их нулю:



    Решение этой системы: x  y  0

    Эта точка принадлежит области D:| x |  | y |1 Обозначим z1  z(0;0)  0.

    2). Найдем экстремумы функции на границе области D .

    Область D является квадратом. В вершинах квадрата линия границы терпит излом, т.е. эти точки являются особыми точками границы. Согласно 56 теории, необходимо в качестве точек, подозрительных на минимум и максимум, использовать все особые точки, как функции, так и границы.

    Таким образом, возникает еще четыре подозрительные точки: { M2 ( 0; 1); z2 = -10}; { M3 ( 1; 0); z3 = 3}; { M4 ( 0;-1); z4 = -10}; { M5 (-1; 0); z5 = 3}.

    Исследуем гладкие участки границы на условный экстремум.

    1. В первом квадранте уравнение границы имеет вид x  y 1.

    Подставим это уравнение в выражение для функции:



    Дифференцируем и приравниваем производную нулю:





    Очевидно, что точка M6( -6;7)  не принадлежит рассматриваемому квадрату, поэтому мы исключаем ее из рассмотрения.

    1. Во втором квадранте уравнение границы имеет вид:  x  y 1 Подставим это уравнение в выражение для функции:



    Дифференцируем и приравниваем производную нулю:



    Очевидно, что точка M7 ( -0,93; 0,07)  принадлежит рассматриваемому квадрату.

    1. В третьем квадранте уравнение границы имеет вид:  x  y 1 Подставим это уравнение в выражение для функции:



    Дифференцируем и приравниваем производную нулю:



    Очевидно, что точка M8 ( 6; -7)   не принадлежит рассматриваемому квадрату, поэтому мы исключаем ее из рассмотрения.

    d) В четвертом квадранте уравнение границы имеет вид: x  y 1.

    Подставим это уравнение в выражение для функции:



    Дифференцируем и приравниваем производную нулю:



    Очевидно, что точка M9 ( 0,93; -0,07)  принадлежит рассматриваемому квадрату.

    3). Найдем теперь максимальное и минимальное значения исследуемой функции в области | x |  | y |1 .

    Для этого рассмотрим все полученные точки, принадлежащие этой области и выберем из них точки с минимальным и максимальным значениями.

    Такими точками являются точки M2 и M4 (минимум), точки M3 и M5 (максимум),М7 и М9.

    Ответ: zmax 3 , zmin -10
    # 8. Найти минимальное и максимальное значения

    функции z=2 x+2y+ 2 в области 5 x^2+ 4 y^2<=1.

    Решение:

    Очевидно, что безусловного экстремума эта функция не имеет, следовательно, экстремум может достигаться только на границе.

    Для отыскания экстремума на границе следует использовать метод неопределенных множителей Лагранжа.

    Уравнение границы имеет вид: .

    Функция Лагранжа:

    Находим ее производные и приравниваем их нулю:



    Отсюда:

    Подставим в уравнение связи: или

    Тогда: x1 =0,298143 ; y1 =0,372678 ; z1 =3,341642

    x2 =-0,298143 ; y2 =-0,372678 ; z2 =0,658358

    Ответ: А(0,298; 0,373; 3,342) (min); В(-0,298; -0,373; 0,658) (max)
    # 9. Найти минимальное и максимальное значения

    функции z=5 x^2-6 y^2 в области (x-6 )^2+y^2<=4.

    Решение:

    1). Найдем безусловный экстремум:

    ,z(0,0)=0.

    Эта точка принадлежит отмеченной выше области.

    2). Найдем условный экстремум.

    Функция связи:

    Функция Лагранжа:

    Система уравнений:

    Второе уравнение дает нам y  0 или   6.

    y  0 : при подстановке в уравнение связи даст x  4 и x  8.

    Таким образом, имеем еще две точки:{ M2 (4;0) , z2  80};{ M3 ( 8;0), z3 320}.

    Если   6 , то из первого уравнения

    Подставим это в уравнение связи: y =1.85418 и y =-1,85418.

    Таким образом, получаем еще две точки:

    М4(3,27273;1,85418), z4=32,92591 ;M5(3,27273;-1,85418), z5=32,92591 .

    Ответ: zmax=32,92591 , zmin 0


    написать администратору сайта