Главная страница

Отчет по работе M-08a. ИДЗ №1 и №2 (2). К представленным на рецензию контрольным заданиям предъявляются следующие требования


Скачать 0.91 Mb.
НазваниеК представленным на рецензию контрольным заданиям предъявляются следующие требования
АнкорОтчет по работе M-08a
Дата09.10.2022
Размер0.91 Mb.
Формат файлаdoc
Имя файлаИДЗ №1 и №2 (2).doc
ТипДокументы
#723849
страница3 из 4
1   2   3   4

Методические указания к расчету контрольной работы №1


Свойства линейных электрических цепей и методы их расчета подробно изложены в [1, 2, 3].

Порядок решения контрольной работы №1 следующий.

1. Допустим, для Вашего варианта из табл. 1 Вы нашли, что структура Вашей цепи следующая (пример условный, на самом деле такой структуры в табл. 1 нет):


ветвь




№ вар.

ac

ab

bd

bc

dc

da



6

1

3

4

2

5


Из табл. 2 находим параметры элементов цепи (параметры также условные):


№ вар.

Е1

Е2

J

R

L

C

В

В

А

Ом

мГн

мкФ




100

50

2

110

350

28.95


По заданному графу построим схему электрической цепи (рис.5). Примечание: поскольку индуктивности и емкость при воздействии на электрическую цепь постоянных сигналов обладают соответственно нулевым сопротивлением и нулевой проводимостью, на схеме они не указаны.


2. Преобразуем схему до трех контуров:

В ветви da сопротивления включены последовательно, а в ветви ac – параллельно, поэтому

;



  1. Выбираем положительные направления токов. В ветвях, содержащих ЭДС – по направлению ЭДС, в остальных ветвях – произвольно. Расчетная трехконтурная схема электрической цепи с указанными направлениями токов в ветвях, напряжения на источнике тока и контурных токов приведена на рис. 6.

4. В общем (буквенном) виде составляем полную систему уравнений состояния цепи по законам Кирхгофа для расчета токов всех

ветвей и напряжения на источнике тока.

Схема содержит У = 4 узла и В = 6 ветвей. Следовательно, по первому закону Кирхгофа можно составить У 1 = 4 – 1 = 3 независимых уравнения, а по второму закону Кирхгофа - В – У + 1= 6 – 4 + 1 = 3 независимых уравнения.

При составлении уравнений по законам Кирхгофа следует руководствоваться следующими правилами. Ток, направленный к узлу, в уравнении по первому закону Кирхгофа учитывается со знаком “+”, направленный от узла – со знаком “–”. Ток в потребителях электроэнергии (пассивных элементах электрической схемы) течет от узла с более высоким потенциалом к узлу с более низким потенциалом. Поэтому в уравнениях по второму закону Кирхгофа падение напряжения учитывается со знаком «+», если направление тока в пассивном элементе совпадает с направлением обхода контура. Напряжение на источнике тока направлено в противоположную току сторону, поскольку ток в этом элементе протекает от точки с более низким потенциалом к точке с более высоким потенциалом (за счет работы сторонних сил). ЭДС записываются в правой части уравнения, причем со знаком “+” учитываются ЭДС, направление которых совпадает с направлением обхода контура.


Узел b: I1 – I4 = – J

Узел c: I2 + I4I3 = 0

Узел а: I3 – I1I5 = 0

Контур 1: UJI5 · 2R = E1

Контур 2: I2 · R + I3 · R/2 + I5 · 2R = E2

Контур 3: I2 · RI4 · R + UJ = E2

С помощью программы MATCHAD производим расчет уравнений в матричной форме:








Значение токов ветвей схемы и напряжение на источнике тока:

5. Методом контурных токов определяем токи в ветвях.

Выбираем независимые контуры. В рассматриваемой схеме их три (рис. 6). При этом, поскольку ветвь bd содержит идеальный источник тока, эта ветвь может входить только в один контур. Ток этого контура равен току источника: J = J = 2 А. Для остальных контурных токов составляем уравнения:



После переноса в правую часть постоянных коэффициентов уравнения примут вид:



Численно получим:



В матричной форме уравнения будут иметь вид:



После расчета получим:

J = -1.155 А; J = - 0.991 А.

Определяем токи ветвей:

I1 = –JJ = -2+0.991 = -1.009 (А);

I2 = J2к = -1.155 А;

I3 = JJ = -1.155+0.991= -0.164 А.

I4 = –J = 0.991 А;

I5 = J + J = 2 -1.155 = 0.845 А;

Согласно второму закону Кирхгофа,

UJI5 · R5 + I1 · 0 = E1.

Отсюда

UJ = I5 ·2R + E1 = 0.845·220 + 100 = 286 В.

6. Определим токи в ветвях схемы методом узловых потенциалов. Между узлами a и b включена ветвь с идеальным источником ЭДС без сопротивления. Поэтому в качестве базисного ( = 0) удобно принять узел а, тогда

а = 0; b = E1= 100 В.

Для узлов c и d составляем узловые уравнения:



Перенеся слагаемое в правую часть уравнения и подставив известные числовые значения, получаем:



В матричной форме уравнения будут иметь вид:



После расчета получим:



Токи в ветвях схемы определятся по обобщенному закону Ома:



Ветвь аb содержит только одну ЭДС и проводимость этой ветви равна , поэтому ток невозможно определить через потенциалы узлов. Поэтому для узла “а” составим уравнение по первому закону Кирхгофа:

.

  1. Составляем уравнение баланса мощности.

Мощность источников:

Мощность потребителей:

Погрешность расчета (небаланс) составила

.

Таким образом, небаланс в пределах допуска (δ ≤ 1 %).

  1. Определим ток I5 в ветви с сопротивлением методом эквивалентного генератора.

Изобразим схему относительно ветви ad в виде эквивалентного генератора в режиме холостого хода (рис. 7).

Из схемы рис. 7 определим ЭДС эквивалентного генератора



Согласно второму закону Кирхгофа, , откуда



Для определения тока воспользуемся методом контурных токов:



Подставляя численные значения, получим:

, тогда


Для определения рисуем вспомогательную схему (рис.8) в которой источники ЭДС замкнуты, а источники тока разомкнуты.



Из расчета схемы получаем:

.

По формуле Тевенена-Гельмгольца определяем ток в сопротивлении нагрузки:



Ток короткого замыкания эквивалентного генератора определится как .

Определим ток графически. Для этого построим в одних осях внешнюю характеристику эквивалентного генератора и вольтамперную характеристику нагрузки (сопротивления ). Внешняя характеристика является линейной и пересекает оси координат в точках Uхх и , а вольтамперная характеристика нагрузки также линейна и строится по закону Ома: . При этом достаточно задать два значения тока, например и . Точка пересечения характеристик будет рабочей точкой генератора, нагруженного на сопротивление , а ее проекция на оси координат – искомыми током и напряжением (рис. 9). Получаем графические значения В, А.

Построим потенциальную диаграмму для контура addc (рис. 6), не содержащего источника тока.

Принимаем а = 0

Тогда d = аI5 · 2R = 00.845 · 220 = – 185.9 (В)

d = d + E2 = – 185.9 + 50 = -135.9 (В)

c = d I2 · R = -135.9 + 1.155 · 110 = -8.85 (В)

а= cI3 · R/2 = -8.85 + 0.164 · 55 ≈ 0.

Диаграмма приведена на рис. 10.

1   2   3   4


написать администратору сайта