Квадратні рівняння з параметром
Скачать 482.31 Kb.
|
Взаємне розташування коренів двох квадратних рівнянь З’ясуємо питання про взаємне розташування коренів двох квадратних рівнянь. Нехай рівняння має корені , а рівняння має корені , при чому . У цьому випадку кажуть, що корені рівняння перемежовуються. На рисунку показане взаємне розташування графіків цих функцій. Графіки мають єдину точку перетину з абсцисою . Очевидно, що , звідки . (Відмітимо, що при графіки співпадають або не перетинаються.) Нехай , тоді , або , звідки . (*) Приклад 20. При яких значеннях параметра корені рівнянь та перемежовуються ? Розв’язання У даному випадку З нерівності (*) одержуємо, що , або звідки Відповідь. Приклад 21. Знайти всі значення параметра , при кожному з яких рівняння (1 – 2а)х2 – 6ах – 1 = 0 і ах2 – х + 1 = 0 мають хоча б один спільний корінь. Розв’язання При а≠0 и 1 – 2а ≠ 0 запишемо умову (*) для цих рівнянь: ( + )2 = (− + ) (− − ). Спростивши рівняння, отримаємо: (1− а)2 = - (6а2 + 2а – 1)( 6а + 1). Розкриємо дужки та перенесемо всі доданки в одну частину, винесемо а за дужки: а( 36а2 + 19а – 6) = 0. За умовою а ≠ 0, тому тільки 36а2+ 19а – 6 = 0, а1 = і а2 = . Підставимо значення а в друге рівняння ах2 – х + 1 = 0. Отримаємо х2 – х + 1 = 0, D отже а = не задовольняє умову. х2 – х + 1 = 0. D ≠ 0. Відповідь. а = . Рівняння, що містять модуль Приклад 22. При якому значенні параметра р рівняння | х2 – 5х + 6 | + | х2 – 5х + 4 | = р має рівно чотири корені? Розв’язання Розглянемо функцію у = | х2 – 5х + 6 | + | х2 – 5х + 4 | Так як х2 – 5х + 6 = (х – 2)(х – 3) і х2 – 5х + 4 = (х – 1)(х – 4), то y = | (х – 2)(х – 3) | + | (х – 1)(х – 4) |. Розв’яжемо рівняння на кожному із п’яти проміжків, на які розбивають числову вісь корені квадратних тричленів: x < 1 y = x2 – 5x + 6 + x2 – 5x + 4, y = 2x2 – 10x + 10, y = x2 – 5x + 5 − парабола. 1 < x < 2 y = x2 – 5x + 6 – x2 + 5x – 4, y = 2 – пряма. 2 < x < 3 y = – x2 + 5x – 6 – x2 + 5x – 4, y = – 2x2 + 10x – 10, y = – x2 + 5x – 5 – парабола. 3 < x < 4 y = x2 – 5x + 6 – x2 + 5x – 4, y = 2 – пряма. x > 4 y= x2 – 5x + 6 + x2 –5x + 4, y = x2 – 5x + 5 – парабола. Побудувавши на кожному із проміжків відповідні графіки, отримаємо: х Отже, рівняння має чотири корені за умови 2 < а < 2,5. Відповідь. а . Приклад 23. При якому найбільшому цілому значенні параметра рівняння має рівно чотири корені? Розв’язання Початкове рівняння матиме 4 корені, якщо рівняння матиме корені, і обидва вони будуть додатними. рівняння матиме корені за умови , звідки . За теоремою Вієта , . Отже, для того щоб обидва корені були додатними, необхідно щоб було додатним. Маємо: , тому найбільшим цілим значенням буде 6. Відповідь. 6. Приклад 24. Знайдіть усі значення параметра а, при яких рівняння 2х2 + (2а–10)|x| +a2 – 10 a +16 = 0 має два розв'язки. Розв'язання Перша ідея – виділити повний квадрат відносно параметра а: Наступна ідея не настільки очевидна, але абсолютно типова – виділити повний квадрат щодо модуля х. Тоді не буде необхідності в розкритті модульних дужок. Першу частину розв'язання виконано. Ми прийшли до того, що ліва частина рівняння залежить від параметра, а права не залежить. Далі має бути дослідження кількості точок перетину графіків рівнянь: Перетворимо друге рівняння: Друге рівняння описує коло із центром на початку координат і радіусом рівним 3. Це коло не залежить від параметра й не змінює свого положення в процесі дослідження. Більш цікавим є графік першого рівняння, точніше множина графіків. Параметр а надає цьому рівнянню динамічність переміщення щодо координатних осей і зміну форми графіка від прямого кута до ламаної лінії із прямими кутами. А саме, при а – 5 ≥ 0 графік першого рівняння має вигляд: При а – 5 < 0 графік перетвориться на ламану лінію: Досліджуємо графічно розв'язок системи: Тоді система й вихідне рівняння мають два розв'язки. Тепер досліджуємо цю же систему при a – 5 < 0. У цьому випадку два розв'язки можливі коли: -3 < a – 5 < 0, тобто для значень параметра в межах 2 < a < 5. Графічно ці розв'язки отримуються у такий спосіб: При a – 5 = −3 тобто при a = 2 рівняння має три корені. При a < 2 рівняння має чотири розв'язки доти, доки графіки кола й ламаної мають чотири спільні точки. Але настане момент, коли відповідні січні стануть дотичними, і тоді рівняння знову буде мати тільки два розв'язки: У цьому випадку: АВ = 6, ОВ = 3 , В(0;- 3 ), а - 5 = -3√2, а = 5 - 3 . Поєднуючи всі отримані розв'язки, маємо: a (2;8,) a =5 – 3 . Відповідь. a (2;8), a =5 – 3 . Приклад 25. Вказати всі значення параметра а , при яких рівняння ׀х2 +3ах = −3а має лише два розв’язки. Розв’язання Перш за все відмітимо, що рівняння ׀х2 +3ах = −3а може мати розв’язки тільки при а < 0 (а Графікy1= ׀х2 +3ах отримаємо з параболиy = х2 +3ах відображенням від’ємної частини симетрично осі Ох. Корені цієї параболи х1 = 0 та х2 = −3а , а вершина знаходиться в точці і Графіком є пряма, паралельна осі Ох. З малюнка слідує, що графіки даних функцій мають дві спільні точки при умові, що Відповідь. Приклад 26. Вказати всі значення параметра a, при яких рівняння ((|x - 8| + |x - a|)2) - 7a(|x - 8| + |x - a|) + 10a2+ 6a - 4 = 0 має лише два розв’язки. Розв’язання Замітимо, що маємо квадратне рівняння відносно t, де t = |x − 8| + |x − a|. Перепишемо рівняння так, що застосувати теорему Вієта: t2 − 7at + 10a2 + 6a - 4 = 0, t2 − 7at + 2(5a2 + 3a - 2) = 0, t2 − 7at + 2(a + 1)(5a - 2) = 0, t2 − 7at + (2a + 2)(5a - 2) = 0. Отже, корені цього рівняння: (2a + 2) и (5a − 2). Отримаємо: |x − 8| + |x − a| = 2a + 2 або |x − 8| + |x − a| = 5a − 2. Розглянемо функцію f(x) = |x − 8| + |x − a|. Точки 8 і а ділять числову вісь на три області. Побудуємо відповідні графіки на кожному з цих проміжків. При такому розташуванні прямі перетинатимуть графік лише у двох точках, при інших положеннях прямих, можливі й інші варіанти. Щоб знайти точки перетину, можна розв’язати дві системи строгих нерівностей або нерівність ( |x − 8| − (2a + 2))( |x − 8| − (5a − 2))< 0. Скориставшись методом інтервалів, отримуємо: a= і a . Відповідь. a= і a . Література Мудрякова Н.Н. Урок–лекция «Уравнения и неравенства с параметром» [Электронный ресурс] // Режим доступа: http://festival.1september.ru/articles/531229/ Ромашко В. Д. Решение уравнений и неравенств с параметрами / В. Д. Ромашко [Электронный ресурс] // Режим доступа: http://parametry.narod.ru/reshenie2.html Фалилеева М.В. Методические аспекты обучения решению уравнений и неравенств с параметрами [Электронный ресурс] / М. В. Фалилеева // Фундаментальные исследования. – 2013. – № 4 (часть 5) – С. 1230-1235 Режим доступа: http://www.fundamental-research.ru/ru/article/view?id=31396 Прус А.В., Швець В.О. Задачі з параметрами в шкільному курсі математики. Навчально-методичний посібник. - Житомир: Вид-во «Рута», 2016. 468 с. |