Контрольная работа по математике. ИТОГОВОЕ ЗАДАНИЕ. Решение Найдите произведение матриц AB. Существует ли произведение матриц BA Почему, Решение
![]()
|
ИТОГОВОЕ ЗАДАНИЕ№1 1.Вычислить определитель ![]() Решение: ![]() 2. Найдите произведение матриц A∙B. Существует ли произведение матриц B∙A? Почему? ![]() ![]() Решение: Компоненты матрицы С вычисляются следующим образом: c11 = a11 · b11 + a12 · b21 + a13 · b31 + a14 · b41 = (-1) · 1 + (-3) · 3 + 6 · 5 + 3 · 1 = (-1) - 9 + 30 + 3 = = 23 c12 = a11 · b12 + a12 · b22 + a13 · b32 + a14 · b42 = (-1) · 2 + (-3) · 6 + 6 · (-1) + 3 · (-3) = (-2) - 18 - 6 - 9 = = -35 ![]() Произведение матриц B∙A не существует, так как количество столбцов матрицы А не равно количеству строк матрицы В. 3.Решите систему линейных уравнений способами: а) по формулам Камера; б) с помощью обратной матрицы ![]() Решение: а) Решим систему по формулам Камера ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() Решение системы: ![]() б) Решим систему с помощью обратной матрицы ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() Определитель матрицы А отличен от нуля, следовательно обратная матрица A-1 существует. Для вычисления обратной матрицы найдем дополнительные миноры и алгебраические дополнения матрицы А. Найдем миноры M и алгебраическое дополнение A. ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() Матрица алгебраических дополнений ![]() Транспонированная матрица алгебраических дополнений ![]() ![]() ![]() Решение системы: ![]() 4.Решите матричное уравнение ![]() Решение: ![]() ![]() Имеем ![]() ![]() ![]() Так как A невырожденная матрица, то существует обратная матрица A-1. Транспонированная матрица AT. ![]()
Алгебраические дополнения A11 = (-1)1+1·4 = 4; A12 = (-1)1+2·2 = -2; A21 = (-1)2+1·3 = -3; A22 = (-1)2+2·1 = 1; Обратная матрица A-1. ![]() ![]() ![]() 5.Найдите общее решение, построив фундаментальную систему для однородной системы алгебраических уравнений (использовать алгоритм Гаусса) ![]() Решение: Перепишем систему уравнений в матричном виде и решим его методом Гаусса ![]() ![]() Система имеет множество решений: ![]() 6.Исследовать СЛУ и решить, если она совместима ![]() Решение: Исследуем эту систему по теореме Кронекера-Капелли. Выпишем расширенную и основную матрицы: ![]() ![]() Определим ранг основной системы. ![]() Выделенный минор имеет наивысший порядок (из возможных миноров) и отличен от нуля. Ранг этой системы равен rangA=2. Определим ранг расширенной системы. ![]()
Ранг этой системы равен rangB=2. Ранг матрицы B (rangB=2) равен рангу матрицы A(rangA=2). Система совместна. Решение системы: ![]() ИТОГОВОЕ ЗАДАНИЕ №2 Выясните образуют ли векторы ![]() ![]() ![]() ![]() Решение: Проверим образуют ли заданные вектора базис, для этого найдем определитель матрицы: ![]() Так как определитель матрицы равен нулю, то введеная система векторов не является базисом. Найдите собственные числа и собственные векторы матрицы A. ![]() Решение: Составляем систему для определения координат собственных векторов: ![]() Составляем характеристическое уравнение и решаем его. ![]() ![]() ![]() ![]() При ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() Множество собственных векторов, отвечающих собственному числу λ1 = 3, имеет вид: ![]() При ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() Множество собственных векторов, отвечающих собственному числу λ2,3 = 5, имеет вид: ![]() Найдите координаты, модуль и направляющие косинусы вектора ![]() A(1; 1; 3), B(2; 2; 3). Решение: Найдем вектор по координатам точек: ![]() Найдем модуль вектора: ![]() Найдем направляющие косинусы вектора: ![]() ![]() ![]() Вычислите скалярное и векторное произведения векторов ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() ![]() Решение: ![]() ![]() ![]() Найдем скалярное произведение векторов: ![]() Найдем векторное произведение векторов: ![]() ИТОГОВОЕ ЗАДАНИЕ№3 Решить задачу симплекс-методом. ![]() ![]() Введем дополнительные переменные ![]() ![]() ![]() Базисные переменные это переменные, которые входят только в одно уравнение системы ограничений и притом с единичным коэффициентом. Решим систему уравнений относительно базисных переменных: x4, x5 Полагая, что свободные переменные равны 0, получим первый опорный план: X0 = (0,0,0,4,3) Базисное решение называется допустимым, если оно неотрицательно.
Текущий опорный план неоптимален, так как в индексной строке находятся отрицательные коэффициенты. Определим новую базисную переменную. В качестве ведущего выберем столбец, соответствующий переменной x1, так как это наибольший коэффициент по модулю. Вычислим значения Di по строкам как частное от деления: ![]() и из них выберем наименьшее: ![]() Следовательно, 2-ая строка является ведущей. Разрешающий элемент равен (2) и находится на пересечении ведущего столбца и ведущей строки.
Формируем следующую часть симплексной таблицы. Вместо переменной x5 в план 1 войдет переменная x1. Строка, соответствующая переменной x1 в плане 1, получена в результате деления всех элементов строки x5 плана 0 на разрешающий элемент РЭ=2. На месте разрешающего элемента получаем 1. В остальных клетках столбца x1 записываем нули. Таким образом, в новом плане 1 заполнены строка x1 и столбец x1. Все остальные элементы нового плана 1, включая элементы индексной строки, определяются по правилу прямоугольника. Для этого выбираем из старого плана четыре числа, которые расположены в вершинах прямоугольника и всегда включают разрешающий элемент РЭ. |